2023年江苏省南通市如东县中考物理二模试卷
一、（选择题共20分）
第Ⅰ卷共10小题，每小题2分，共20分.每小题给出的四个选项中只有一个选项正确.
1．（2分）小如和妈妈正乘自动扶梯下楼，小如说：“妈妈我们跑下去吧！”妈妈说：“这样很危险，乘扶梯时要站着不动。”“站着不动”是相对于（　　）
A．随梯运动的扶手 B．正在上楼的乘客
C．商场里的大吊灯 D．货架上的矿泉水
2．（2分）东汉《论衡》一书中提到“顿牟掇芥”，指的是摩擦过的玳瑁（海龟）外壳吸引草屑的现象，这种吸引力是（　　）
A．分子间引力 B．带电体吸引轻小物体
C．磁极间引力 D．异种电荷间引力
3．（2分）为应对地球气候变暖，促进可持续发展，在践行节能低碳的今天，应特别重视新能源和可再生能源的开发和利用。如图所示阴影部分对应的能源是（　　）
A．煤炭 B．核能 C．水能 D．风能
4．（2分）如图是小明用刻度尺测量一条形金属片长度，该刻度尺的分度值和金属片的长度分别是（　　）
A．1mm、2.80cm B．1cm、8.30cm C．1mm、8.30cm D．1cm、5.50cm
5．（2分）如图所示，隔板将玻璃容器均分为两部分，隔板中有一孔，孔被薄橡皮膜封闭。该装置不能探究（　　）
A．液体对容器底部有压强
B．液体对容器侧壁有压强
C．液体压强与液体深度的关系
D．液体压强与液体密度的关系
6．（2分）如图所示，人眼在A点看见河里B点有一条小鱼，若从A点射出一束激光，要使激光能照射到小鱼，该激光应射向（　　）
A．B点 B．B点上方
C．B点下方 D．B点左方或右方
7．（2分）球竖直向上运动并落回地面的过程中，先后经过A、B两点。小球在这两点的动能和重力势能如图所示，下列说法正确的是（　　）
A．小球在 A、B两点的动能相等
B．从A点到B点小球的机械能不变
C．小球在A点的速度比在B点小
D．小球在B点的离地高度比在A点高
8．（2分）上世纪人类制成了世界上第一盏用海浪发电的航标灯。它的气室示意图如图所示，其工作原理是利用海浪上下起伏将空气吸入气室，推入工作室后再压缩，然后推动涡轮机带动发电机发电。那么（　　）
A．当海水上升时，空气的内能转化为海水的机械能
B．当海水下降时，是活塞吸力将空气吸入气室
C．当海水下降时，气流推动涡轮机带动发电机发电
D．当海水上升时，类似于汽油机的压缩冲程
9．（2分）在学校物理文化周活动中，小华演示了物体漂浮时的情景：如图所示，将底面为正方形的柱形容器放在水平桌面上，容器内装有一定量的水，水面漂浮着一个直径为10cm的球，已知容器的质量为2kg，则容器底部对桌面的压强最接近（　　）
A．1500Pa B．2000Pa C．2500Pa D．3500Pa
10．（2分）如图所示是一种自动测定油箱内油量的装置。R2是阻值均匀的变阻器，它的金属片连接在杠杆的一端，R1是定值电阻，电源电压恒定。已知油箱中油的体积V与电路中总电阻R总成反比，则下列描述电路中通过的电流I、定值电阻R1的电功率P1与V关系的图像中，正确的是（　　）
A． B．
C． D．
二、综合
11．（4分）小华对课本实验“探究声音的传播”进行改进，实验装置如图所示。
（1）利用磁悬浮装置使声源悬浮于空中，这样是为了避免声音通过 　 　传出，若磁体A的上端为N极，则磁体B的 　 　端为S极。
（2）随着抽气，罩内空气不断减少，最后几乎听不到声音了，但看到声源上方的轻质小球还在跳动，说明声源仍在 　 　，由此得出实验结论：　 　（选填“声音传播”或“光的传播”）不需要介质。
12．（3分）如图所示，2s内拉力F1将物体B匀速提升0.5m，F1做功为3J；若借助滑轮组，在相同时间内拉力F2把物体B匀速提升相同高度，滑轮组的机械效率为75%，不计绳重和摩擦，物体B的质量为 　 　kg，拉力F2做功的功率为 　 　W，动滑轮的重为 　 　N（g取10N/kg）。
13．（2分）如图所示为小明家的电能表表盘，小明发现家中多个用电器正常工作时，指示灯在10min内闪烁1800次，这段时间内电能表示数增加 　 　kW h；他再将额定功率为1000W的电水壶接入该电路，发现额定电流为30A的熔丝熔断了，这是因为电路发生了 　 　故障。
14．（5分）某自动豆浆机工作时，电热管加热与电动机打浆过程交替进行，其部分参数如下表。
额定电压 220V
电机功率 200W
加热功率 1200W
净重 30N
（1）空豆浆机放在水平桌面上，接触面积为4cm2，对水平面的压强为 　 　Pa。
（2）不计热量损失，加热管正常工作 　 　s，可使1.5kg豆浆的温度升高20℃[取c豆浆＝4×103J/（kg ℃）]；豆浆飘出阵阵香味说明分子在 　 　。
（3）电热管通电一段时间后变得很烫，而与豆浆机连接的导线却不怎么热，主要是因为导线 　 　，产生的热量少；若豆浆机正常打好一次豆浆消耗的总电能为0.33kW h，加热与打浆的时间之比为5：3，则打好一次豆浆需 　 　h。
15．（5分）小楠和小聪用不同的方法“测量塑料颗粒的密度”。
（1）小楠的测量方法：先将天平放在水平台上，将游码至零刻度线，调节 　 　直至天平平衡；接着用天平和量筒，分别测出颗粒的质量和体积，测量结果如图甲、乙所示。她测得的塑料颗粒的密度是 　 　g/cm3，这种方法测得的密度会偏 　 　。
（2）小聪利用工厂使用的密度秤（如图丙）测量，其操作步骤如下：
①向容器B加入水，让水面升至容器的标记处。将空容器A与容器B一起放置在密度秤上，如图丁，按下数据记忆键，记录密度秤上物体的总质量m1；
②将待测颗粒放入容器A，如图戊，记录总质量m2；
③将容B中的水倒去一部分，将容器A中的待测颗粒全部倒入容器B中，如图己再用胶头滴管向容器B中加入水，直到 　 　，记录总质量m3；
④最后按下数据转换键，密度秤会根据程序设置的公式，直接显示出待测颗粒的密度测量值，程序公式为ρ＝　 　。（用ρ水及记录的物理量表示）
16．（2分）一棵小树生长在水塘中，图中用带箭头的线段AB表示小树露出水面的部分。请在图中画出AB通过水面反射所成的像A'B'。
17．（2分）如图，S1是光控开关，夜晚自动闭合，白天断开；S2是声控开关，有声音时自动闭合，安静时断开。请将如图连接成声光控楼道节能照明电路。
18．（2分）如图，物块A从斜面底端被弹簧弹出后，沿光滑斜面向上滑行，作出物体A在滑行过程所受重力和弹力的示意图。
19．（6分）我国首款大型水陆两栖飞机“鲲龙”如图所示，该飞机蓄满水后总质量为53.5t。在水面滑行测试中，飞机在水平面上60s内沿直线匀速滑行了600m，若飞机发动机牵引力的总功率始终保持2.5×106W。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）求：
（1）飞机蓄满水静止在水面上时排开水的体积；
（2）飞机在水面沿直线匀速滑行时，飞机所受的牵引力。
20．（7分）如图所示，定值电阻R1的阻值为10Ω，当开关S接触a，S1断开时，电压表的示数为1V；当开关S接触b，S1闭合时，电流表的示数为0.4A，电压表的示数为3V。求：
（1）S接触a，S1断开时，电流表的示数；
（2）S接触a，S1断开时，电路总电功率；
（3）R3的阻值。
21．（6分）小明和小华观察“水的沸腾”。
（1）组装器材时，若温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部，应将图甲中 　 　（选填“A处向上”或“B处向下”）调整为好；该实验是通过 　 　的方式增加水的内能；
（2）实验中，小明测量水的初温t0，温度计示数如图乙所示，t0＝　 　℃；小华观察到水沸腾前形成的大量气泡不断上升、体积 　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），到水面消失；
（3）小明和小华利用同一装置进行实验，绘制成“温度一时间”图像如图丙所示，分析图丙中的图线可知，水的沸点与初温 　 　（选填“有关”或“无关”），实验中小明和小华所用水的质量之比是 　 　（不计热损失）。
22．（8分）某小灯泡的额定电压为2.5V，图甲是测量该灯泡电阻的实验电路。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整（要求：电路连好后，闭合开关，不调节滑片P，电流表示数较小）。
（2）调节滑片P，电压表示数为2V，再将滑片向 　 　移动，可使灯泡正常发光，当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则此时小灯泡的电阻为 　 　Ω。
（3）小明设计了图丙的电路测量导体电阻，将电压表的电压刻度值标注为电阻值后就可直接读出MN间所接导体电阻的大小，电路中使用的电压表表盘如图丁所示，已知电源电压恒为6V。
①将电压表的电压表示数标注为电阻示数。
步骤一：调节电阻箱R的阻值至60Ω。
步骤二：将0Ω标注在电压表 　 　V处，该电路所能测出的最大阻值是 　 　Ω。
步骤三：通过分析，将所有刻度标注完毕。
②在MN间接入30Ω的R0时，图丁中的指针应指在 　 　（选填“a位置”“a位置左侧”或“a位置右侧）。
③使用一段时间后，电源电压会降低，此时该电路测得的电阻阻值偏 　 　。
23．（8分）小明所在的实验小组想探究“物体从斜面上滑下的速度大小与哪些因素有关”。通过观察，他们提出了如下的猜想：
猜想1：可能与物体的质量m有关
猜想2：可能与斜面的倾角θ有关
猜想3：可能与斜面的材料有关
他们选择器材以下：一个右端固定有遮光片的滑块质量为200g、一个100g的砝码（可粘在滑块上表面）、两个长度相同材料不同的斜面A和B（斜面底端装有速度传感器）。实验装置如图甲所示，实验操作是让滑块沿斜面直线下滑，利用速度传感器测得滑块到达斜面底端时的速度v。
（1）为了保证从实验数据得出结论的可靠性，滑块每次都由静止开始下滑，并且都从斜面的 　 　处释放。
（2）本实验中，速度传感器的工作原理是当滑块上的遮光片通过传感器时，传感器发出的光被挡住开始计时，当遮光片离开传感器停止计时，由此计算出此时滑块的速度。已知遮光片的宽度为1.2cm，如果计时器某次显示的时间为0.005s，则此次测得的滑块速度为 　 　m/s。
（3）小明他们改变相关条件，多次实验，得到了下列数据：
实验序号 θ 斜面 滑块总质量m/g v/（m s﹣1） 摩擦力f/N
1 20° A 200 2.45 0.38
2 20° A 300 2.45 0.56
3 20° B 200 1.53 0.47
4 20° B 300 1.53 0.71
5 30° A 200 3.58 0.34
6 40° A 200 4.38 0.30
①分析表中数据可得：猜想 　 　是错误的.
②分析比较实验序号 　 　，可知猜想2的结论 　 　。
（4）研究猜想2时，他们探究了“不同倾角下滑块受到的摩擦力”，数据如上表，他们还设计了探究猜想2的另一个方案：让滑块从材料 　 　（选填“不同”或“相同”），倾角θ不同的斜面上C点由静止滑下，撞击D点的木块，控制CD距离相同，方案中滑块推动木块移动的距离大 　 　（选填“能”或“不能”）说明其速度大，分析上表数据，说明理由 　 　。
24．（10分）阅读短文，回答问题
投影仪
投影仪是通过透镜等将图像放大投影到白色银幕上。其基本结构包括光源、透镜、反射镜、色轮、显示芯片、过热控制系统等。
某校教室里使用的一款投影仪，安装结构模式图如图甲所示，底座上AB两点为两个螺钉的位置，AB为长20cm，CD为可伸缩的方形套管，长度可在15cm～65cm内调节。安装完成后，投影仪重力作用线正好过D点。
右表为图甲中投影仪的部分参数。投影大小是投影画面对角线的尺寸；投射比是指投影距离与投影仪大小的0.8倍的比值。投影距离是画面清晰时，投影仪镜头与银幕之间的距离。（g＝10N/kg）
投影大小 80～100英寸
投射比 0.15～0.25
质量 3.2kg
（1）投影仪透镜的焦距为f，则镜头到银幕的距离 　 　（选填“小于f”“大于2f”或“大于f小于2f”）。
（2）关于投影仪，下列说法正确的是 　 　。
A.为从不同角度看到像，银幕应光滑
B.投射比越小，投射画面越小
C.缩短支架CD长度，投影画面变小
D.投影仪工作过程中只有折射现象
（3）若不考虑图甲中支架的重力，A处螺钉与承重墙体间的摩擦力f最大为 　 　N；为了安全起见，底座AB的长度应该做得适当 　 　（选填“长”或“短”）些，理由是 　 　。
（4）为使投影画面始终清晰，安装时，投影距离最小为 　 　m。（1英寸约等于2.5cm）
（5）该投影仪过热控制系统电路原理简化如图乙所示，当箱体内温度升高到设定温度时，电磁铁吸引衔铁，断开灯泡所在电路，R1为热敏电阻。图丙为两种热敏电阻R1、R2阻值随温度变化的关系图像，则R1应该选用图丙中的 　 　，已知控制电路中电磁铁线圈的电阻为150Ω，为电磁铁供电的电池电压为6V，若线圈中的电流达到20mA，就会断开灯泡的工作电路，则箱体内的温度 　 　（填温度满足的条件）。
2023年江苏省南通市如东县中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、（选择题共40分）第Ⅰ卷共10小题，每小题2分，共40分.每小题给出的四个选项中只有一个选项正确.
1．（2分）小如和妈妈正乘自动扶梯下楼，小如说：“妈妈我们跑下去吧！”妈妈说：“这样很危险，乘扶梯时要站着不动。”“站着不动”是相对于（　　）
A．随梯运动的扶手 B．正在上楼的乘客
C．商场里的大吊灯 D．货架上的矿泉水
【考点】运动和静止的相对性；参照物及其选择．
【答案】A
【分析】物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
【解答】解：A、以随梯运动的扶手为参照物，小如和它的位置不变，小如是静止的，故A符合题意；
B、以正在上楼的乘客为参照物，小如与乘客的位置是变化的，小如是运动的，故B不符合题意；
C、以商场里的大吊灯为参照物，小如与它的位置是变化的，小如是运动的，故C不符合题意；
D、以货架上的矿泉水为参照物，小如与它的位置是变化的，小如是运动的，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查的是运动和静止的相对性，会根据参照物判断物体的运动和静止。
2．（2分）东汉《论衡》一书中提到“顿牟掇芥”，指的是摩擦过的玳瑁（海龟）外壳吸引草屑的现象，这种吸引力是（　　）
A．分子间引力 B．带电体吸引轻小物体
C．磁极间引力 D．异种电荷间引力
【考点】物体带电现象．
【答案】B
【分析】用摩擦的方法可以使物体带电，带电体具有吸引轻小物体的性质。
【解答】解：摩擦过的玳瑁（海龟）外壳因摩擦起电而带上电荷，所以吸引轻小的草屑。
故选：B。
【点评】理解带电体能吸引轻小物体是解决该题的关键，属于基础题。
3．（2分）为应对地球气候变暖，促进可持续发展，在践行节能低碳的今天，应特别重视新能源和可再生能源的开发和利用。如图所示阴影部分对应的能源是（　　）
A．煤炭 B．核能 C．水能 D．风能
【考点】能源及其分类．
【答案】D
【分析】（1）可再生能源：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到；不可再生能源：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充；
（2）按照各种能源在当代人类社会经济生活中的地位，人们把能源分为常规能源和新能源两大类。常规能源为技术上比较成熟，已被人类广泛利用，例如煤炭、石油、天然气、水能和核裂变能等；新能源为目前尚未被人类大规模利用，还有待进一步研究试验与开发利用的能源，例如太阳能、风能、地热能、海洋能及核聚变能等。
【解答】解：如图所示阴影部分对应的能源是：既是新能源，同时也是可再生能源；
AB、煤炭和核能属于不可再生能源，故AD错误；
C、水能是常规能源和可再生能源，不是新能源，故C错误；
D、风能来自太阳能，是可再生的新能源，又是新能源，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了能源的分类，理解可再生能源和不可再生能源的概念以及能量的来源，可解答此题。
4．（2分）如图是小明用刻度尺测量一条形金属片长度，该刻度尺的分度值和金属片的长度分别是（　　）
A．1mm、2.80cm B．1cm、8.30cm C．1mm、8.30cm D．1cm、5.50cm
【考点】用刻度尺测量长度．
【答案】A
【分析】首先要确定刻度尺零刻线和分度值，然后再读出金属片的长度。
【解答】解：由图知：该刻度尺的分度值为1mm；以5.50cm作为“零刻度”，物体末端对着的刻度线为8.30cm，所以物体的长度即为两刻度值差L＝8.30﹣5.50＝2.80cm。
故选：A。
【点评】若测量的起始刻度不是零刻度线，被测物体的长度应为两端对应的刻度值之差，在进行精确测量时，应估读到分度值的下一位。
5．（2分）如图所示，隔板将玻璃容器均分为两部分，隔板中有一孔，孔被薄橡皮膜封闭。该装置不能探究（　　）
A．液体对容器底部有压强
B．液体对容器侧壁有压强
C．液体压强与液体深度的关系
D．液体压强与液体密度的关系
【考点】液体压强的概念和特点．
【答案】A
【分析】（1）要探究“液体压强跟深度的关系”，则应使液体密度相同，液体深度不同；
（2）要探究“液体压强跟液体密度的关系”，则应使液体深度相同，液体密度不同。
【解答】解：
A、由于隔板是竖直放置的，所以该装置无法探究液体是否对容器的底部产生压强。故A符合题意；
B、在隔板的某一边倒入某种液体，观察橡皮膜是否凸起可知液体是否对容器的侧壁产生压强，可探究液体是否对容器的侧壁产生压强。故B不合题意；
C、在隔板两边倒入同一种液体，使其深度不同，观察橡皮膜凸起的方向可知两侧液体压强的大小，可探究液体压强是否与液体的深度有关；故C不合题意；
D、在隔板两边倒入不同液体，使其深度相同，观察橡皮膜凸起的方向可知两侧液体压强的大小，可探究液体压强是否与液体的密度有关；故D不合题意。
故选：A。
【点评】此题是探究液体压强与深度和密度的关系，考查了对控制变量法的应用，在实验中注意怎样控制变量和改变变量。
6．（2分）如图所示，人眼在A点看见河里B点有一条小鱼，若从A点射出一束激光，要使激光能照射到小鱼，该激光应射向（　　）
A．B点 B．B点上方
C．B点下方 D．B点左方或右方
【考点】作光的折射光路图．
【答案】A
【分析】根据光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，可知人看到的是鱼的虚像，根据鱼的位置确定折射光线的方向，再根据折射时光路是可逆的来解答此题。
【解答】解：连接AB，过折射点做法线，根据光从空气斜射入水中，折射角小于入射角画出折射光线的位置，虽然人看到的B点是鱼的虚像，鱼的实际位置在B点的正下方，因为激光在进入水的时候也会发生折射，所以照着B点，激光也就刚好落在鱼上了。如图所示：
故选：A。
【点评】本题主要考查光的折射定律：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角。
7．（2分）球竖直向上运动并落回地面的过程中，先后经过A、B两点。小球在这两点的动能和重力势能如图所示，下列说法正确的是（　　）
A．小球在 A、B两点的动能相等
B．从A点到B点小球的机械能不变
C．小球在A点的速度比在B点小
D．小球在B点的离地高度比在A点高
【考点】机械能的概念；动能大小的比较；动能和势能的转化．
【答案】C
【分析】（1）动能大小跟物体的质量和速度有关，在质量一定时，速度越大，动能越大；在速度一定时，质量越大，动能越大；
（2）重力势能跟物体的质量和高度有关，在质量一定时，高度越大，重力势能越大；在高度一定时，质量越大，重力势能越大；
（3）机械能等于动能和势能之和，物体不发生弹性形变时，机械能等于动能和重力势能之和。
本题用柱状图高度表示动能、重力势能的大小。
【解答】解：AC、由图可知，球的质量不变，球在A点的动能小于B点动能，所以球在A点的速度小于B点速度，故A错误，C正确；
B、球在运动过程中没有发生弹性形变，所以机械能等于动能和重力势能之和，由图知，球在A点动能和B点重力势能相等，A点的重力势能大于B点的动能，所以A点的机械能大于B点的机械能，故B错误。
D、A点的重力势能大于B点的重力势能，球的质量不变，所以球在A点的高度大于B点的高度，故D错误。
故选：C。
【点评】从图像上判断动能和重力势能的大小，利用控制变量法判断物体的速度和高度。
8．（2分）上世纪人类制成了世界上第一盏用海浪发电的航标灯。它的气室示意图如图所示，其工作原理是利用海浪上下起伏将空气吸入气室，推入工作室后再压缩，然后推动涡轮机带动发电机发电。那么（　　）
A．当海水上升时，空气的内能转化为海水的机械能
B．当海水下降时，是活塞吸力将空气吸入气室
C．当海水下降时，气流推动涡轮机带动发电机发电
D．当海水上升时，类似于汽油机的压缩冲程
【考点】四冲程内燃机的工作过程．
【答案】D
【分析】当海水下降时，气室体积增大，压强减小，阀门S2开启；当海水上升时，气室体积减小，压强增大，阀门S2关闭，阀门S1开启；整个过程是海水推动活塞做功，将海水的机械能转化成了电能。
【解答】解：AD、海水上升时，气室体积减小，压强增大，阀门S1开启，阀门S 2关闭，压缩后将空气推入工作室，利用海水的机械能转化为空气的内能，类似于汽油机的压缩冲程，故A错误，D正确。
BC、海水下降时，气室体积增大，压强减小，在大气压的作用下，阀门S 1关闭，阀门S2开启，将空气吸入气室，类似于汽油机的吸气冲程，此时空气没有对外做功，故BC错误；
故选：D。
【点评】本题考查海水的机械能的利用，属于基础题，关键是类比热机的工作过程分析。
9．（2分）在学校物理文化周活动中，小华演示了物体漂浮时的情景：如图所示，将底面为正方形的柱形容器放在水平桌面上，容器内装有一定量的水，水面漂浮着一个直径为10cm的球，已知容器的质量为2kg，则容器底部对桌面的压强最接近（　　）
A．1500Pa B．2000Pa C．2500Pa D．3500Pa
【考点】压强的计算．
【答案】D
【分析】根据球的直径为10cm估测出容器的底面边长和容器中液体的深度，由于小球漂浮，所以小球排开水的重力等于小球的重力，根据G水＝mg＝ρ水gV水＝ρ水gSh算出水的重力，由G＝mg算出容器的重力和容器的总重力，由p＝＝算出容器底部对桌面的压强。
【解答】解：球的直径为10cm，由图知容器的底面边长约为20cm＝0.2m，
容器中液体的深度约为30cm＝0.3m，
由于小球漂浮，所以小球排开水的重力等于小球的重力，
所以水的重力约为：G水＝mg＝ρ水gV水＝ρ水gSh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.2m）2×0.3m＝120N，
容器的重力为：
G容器＝m容器g＝2kg×10N/kg＝20N，
容器的总重力为：
G总＝G容器+G水＝120N+20N＝140N，
容器底部对桌面的压强约为：
p＝＝＝＝3500Pa，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了压强公式的应用，估测出容器的地面边长和高是解题的关键。
10．（2分）如图所示是一种自动测定油箱内油量的装置。R2是阻值均匀的变阻器，它的金属片连接在杠杆的一端，R1是定值电阻，电源电压恒定。已知油箱中油的体积V与电路中总电阻R总成反比，则下列描述电路中通过的电流I、定值电阻R1的电功率P1与V关系的图像中，正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【考点】电路的动态分析．
【答案】C
【分析】（1）由图知，油量表、定值电阻R1、滑动变阻器R2串联，油箱中油的体积V与电路中总电阻R总成反比，根据I＝判断出电路中的电流I与油箱中油的体积V的关系，进而判断出符合题意的图像；
（2）定值电阻R1的阻值不变，根据P＝I2R判断出定值电阻R1的电功率与油箱中油的体积V的平方的关系，进而判断出符合题意的图像。
【解答】解：AB、由图知，油量表、定值电阻R1、滑动变阻器R2串联，油箱中油的体积V与电路中总电阻R总成反比，根据I＝可知，电路中的电流I与油箱中油的体积V成正比，油箱中油的体积V为零时，滑动变阻器接入电路的电阻较大，由I＝可知，电路中仍然有电流，故AB错误；
CD、定值电阻R1的阻值不变，根据P＝I2R可知，定值电阻R1的电功率与油箱中油的体积V的平方成正比，故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了动态电路分析，应用油箱中油的体积V与电路中总电阻R总成反比是解题的关键。
二、综合
11．（4分）小华对课本实验“探究声音的传播”进行改进，实验装置如图所示。
（1）利用磁悬浮装置使声源悬浮于空中，这样是为了避免声音通过 　底座　传出，若磁体A的上端为N极，则磁体B的 　上　端为S极。
（2）随着抽气，罩内空气不断减少，最后几乎听不到声音了，但看到声源上方的轻质小球还在跳动，说明声源仍在 　振动　，由此得出实验结论：　光的传播　（选填“声音传播”或“光的传播”）不需要介质。
【考点】磁极间的相互作用；声音的产生；声音的传播条件；光在均匀介质中直线传播．
【答案】（1）底座；上；（2）振动；光的传播。
【分析】（1）气体、液体、固体都可以传声；
磁极间相互作用的规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
（2）声音是由物体的振动产生的；声音不能在真空中传播，光能够在真空中传播。
【解答】解：（1）利用磁悬浮装置使声源悬浮于空中，使声源与底座分离，这样避免了声音通过固体传出；
若A磁体上端为N极，根据同名磁极相互排斥可知，则B磁体下端为N极；
（2）罩内空气不断减少，最后几乎听不到声音了，但发声体上方的轻质小球照旧跳动，说明发声体仍在振动；听不到声音，但看到声源上方的轻质小球还在跳动，这说明声音不能在真空中传播，光能够在真空中传播。
故答案为：（1）底座；上；（2）振动；光的传播。
【点评】本题主要考查了磁极间的作用规律、声音的产生及传播以及光的传播等，知识点多，难度不大。
12．（3分）如图所示，2s内拉力F1将物体B匀速提升0.5m，F1做功为3J；若借助滑轮组，在相同时间内拉力F2把物体B匀速提升相同高度，滑轮组的机械效率为75%，不计绳重和摩擦，物体B的质量为 　0.6　kg，拉力F2做功的功率为 　2　W，动滑轮的重为 　2　N（g取10N/kg）。
【考点】滑轮（组）的机械效率；功的计算和公式的应用；功率的计算及公式的应用．
【答案】0.6；2；2。
【分析】（1）拉力F1将物体B匀速提升过程中克服重力做功，根据W＝F1h＝Gh求出物体B的重力，利用G＝mg求出物体B的质量；
（2）在相同时间内拉力F2把物体B匀速提升相同高度，滑轮组克服物体B的重力做功与拉力F1将物体B匀速提升过程中克服重力做功相等，即W有＝W＝3J，根据η＝求出总功，利用P＝求出拉力F2做功的功率；
（3）不计绳重和摩擦，根据η＝＝＝＝求出动滑轮重力。
【解答】解：拉力F1将物体B匀速提升过程中克服重力做功，根据W＝F1h＝Gh可知，物体B的重力为：
G＝＝＝6N，
物体B的质量为：
m＝＝＝0.6kg；
（2）在相同时间内拉力F2把物体B匀速提升相同高度，滑轮组克服物体B的重力做功与拉力F1将物体B匀速提升过程中克服重力做功相等，即W有＝W＝3J，根据η＝可知，总功为：
W总＝＝＝4J，
则拉力F2做功的功率为：
P＝＝＝2W；
不计绳重和摩擦，根据η＝＝＝＝可知，动滑轮重力为：
G动＝﹣G＝﹣6N＝2N。
故答案为：0.6；2；2。
【点评】本题考查了重力公式、功率公式、做功公式和滑轮组机械效率公式的应用，属于求滑轮组机械效率中常见的题目。
13．（2分）如图所示为小明家的电能表表盘，小明发现家中多个用电器正常工作时，指示灯在10min内闪烁1800次，这段时间内电能表示数增加 　0.6　kW h；他再将额定功率为1000W的电水壶接入该电路，发现额定电流为30A的熔丝熔断了，这是因为电路发生了 　短路　故障。
【考点】电能表；家庭电路的故障分析．
【答案】0.6；短路。
【分析】根据表盘参数可知每消耗1kW h的电，电能表表盘指示灯闪烁3000次，据此计算指示灯在10min内闪烁1800次消耗的电能；
根据电功率公式计算将额定功率为1000W的电水壶接入该电路时通过电路的电流，与电路允许通过的最大电流比较可知电路故障。
【解答】解：指示灯在10min内闪烁1800次，这段时间内电路消耗的电能为：W＝kW h＝0.6kW h；
多个用电器正常工作时通过电路的电流：I0＝＝≈16A，
将额定功率为1000W的电水壶接入该电路，通过电路的电流I′＝＝≈4.5A，
此时通过电路的总电流：I总＝I0+I′＝16A+4.5A＝20.5A＜30A，但是额定电流为30A的熔丝熔断了，说明电路发生短路。
故答案为：0.6；短路。
【点评】本题考查学生对电能表参数的理解以及电功率公式的灵活运用。
14．（5分）某自动豆浆机工作时，电热管加热与电动机打浆过程交替进行，其部分参数如下表。
额定电压 220V
电机功率 200W
加热功率 1200W
净重 30N
（1）空豆浆机放在水平桌面上，接触面积为4cm2，对水平面的压强为 　7.5×104　Pa。
（2）不计热量损失，加热管正常工作 　100　s，可使1.5kg豆浆的温度升高20℃[取c豆浆＝4×103J/（kg ℃）]；豆浆飘出阵阵香味说明分子在 　不停地做无规则运动　。
（3）电热管通电一段时间后变得很烫，而与豆浆机连接的导线却不怎么热，主要是因为导线 　电阻比电热管小得多　，产生的热量少；若豆浆机正常打好一次豆浆消耗的总电能为0.33kW h，加热与打浆的时间之比为5：3，则打好一次豆浆需 　0.4　h。
【考点】电功与电热的综合计算；压强的计算；分子的热运动；焦耳定律．
【答案】（1）7.5×104；（2）100；不停地做无规则运动；（3）电阻比电热管小得多；（4）0.4。
【分析】（1）空豆浆机放在水平桌面上对桌面的压力等于自身的重力，根据p＝求出空豆浆机放在水平桌面的压强；
（2）根据Q吸＝cmΔt求出豆浆吸收的热量，不计热量损失，加热管消耗的电能等于豆浆吸收的热量，根据P＝求出加热管正常工作的时间；组成物质的分子在不停地做无规则运动；
（3）电热管和连接豆浆机的导线串联，通过的电流和通电时间相同，导线的电阻于电热管的电阻小得多，根据焦耳定律分析解答；
由题知，加热与打浆的时间之比为5：3，设加热时间为5t，则打浆时间为3t，总的加热时间8t；由题知，豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为W＝P加热t加热+P打浆t打浆，据此求出t，进而求出打好一次豆浆需要时间。
【解答】解：（1）空豆浆机放在水平桌面上对桌面的压力：F＝G＝30N，
空豆浆机放在水平桌面的压强：p＝＝＝7.5×104Pa；
（2）豆浆吸收的热量：Q吸＝c豆浆mΔt＝4×103J/（kg ℃）×1.5kg×20℃＝1.2×105J，
不计热量损失，加热管消耗的电能：W＝Q吸＝1.2×105J，
由P＝可知，加热管正常工作的时间：t＝＝＝100s；
豆浆飘出阵阵香味说明分子在不停地做无规则运动；
（3）电热管和连接豆浆机的导线串联，根据串联电路的特点可知，通过电热管和导线的电流和通电时间相同，由于导线的电阻于电热管的电阻小得多，由Q＝I2Rt可知，导线产生的热量比电热管产生的热量少得多，所以电热管通电一段时间后变得很烫，而与豆浆机连接的导线却不怎么热；
由题知，加热与打浆的时间之比为5：3，设打浆时间为t电机＝3t，则加热时间为t加热＝5t，总的工作时间为t总＝8t，
豆浆机加热功率P加热＝1200W＝1.2kW，电机功率P电机＝200W＝0.2kW，
由题知，豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为0.33kW h；
由P＝可知，W＝P加热t加热+P电机t电机，即0.33kW h＝1.2kW×5t+0.2kW×3t，
解得：t＝0.05h，
则打好一次豆浆需要的时间：t总＝8t＝8×0.05h＝0.4h。
故答案为：（1）7.5×104；（2）100；不停地做无规则运动；（3）电阻比电热管小得多；（4）0.4。
【点评】本题主要考查分子动理论内容、压强公式、电功公式、电功率公式、吸热公式以及焦耳定律的应用，有一定的难度。
15．（5分）小楠和小聪用不同的方法“测量塑料颗粒的密度”。
（1）小楠的测量方法：先将天平放在水平台上，将游码至零刻度线，调节 　平衡螺母　直至天平平衡；接着用天平和量筒，分别测出颗粒的质量和体积，测量结果如图甲、乙所示。她测得的塑料颗粒的密度是 　2.1　g/cm3，这种方法测得的密度会偏 　小　。
（2）小聪利用工厂使用的密度秤（如图丙）测量，其操作步骤如下：
①向容器B加入水，让水面升至容器的标记处。将空容器A与容器B一起放置在密度秤上，如图丁，按下数据记忆键，记录密度秤上物体的总质量m1；
②将待测颗粒放入容器A，如图戊，记录总质量m2；
③将容B中的水倒去一部分，将容器A中的待测颗粒全部倒入容器B中，如图己再用胶头滴管向容器B中加入水，直到 　水面升至容器标记处　，记录总质量m3；
④最后按下数据转换键，密度秤会根据程序设置的公式，直接显示出待测颗粒的密度测量值，程序公式为ρ＝　ρ水　。（用ρ水及记录的物理量表示）
【考点】固体的密度测量实验．
【答案】（1）平衡螺母；2.1；小；（2）③水面升至容器标记处；④ρ水。
【分析】（1）将天平放在水平台上，将游码移至零刻度线，调节平衡螺母，直到指针指在分度盘的中线处；
左盘物体的质量等于右盘砝码的质量加上游码所在位置对应的示数；由图乙得出体积，利用密度公式ρ＝求出其密度；由于量筒内的颗粒间存在空隙，使体积测量值偏大，根据密度公式ρ＝进行判断；
（2）如图丙、丁、戊、己，颗粒的质量m2﹣m1，颗粒排开水的质量m2﹣m3，利用密度公式ρ＝求出排开水的体积即得颗粒的体积，最后运用密度公式ρ＝计算颗粒的密度。
【解答】解：（1）将天平放在水平台上，将游码移至零刻度线，调节平衡螺母，直到杠杆水平方向平衡；
由图甲可知，颗粒的质量为：m颗粒＝50g+20g+5g+0.6g＝75.6g；
由图乙可知，颗粒的体积V颗粒＝36mL＝36cm3，
其密度为：ρ颗粒＝＝2.1g/cm3；
由于量筒内的颗粒间存在空隙，使体积测量值偏大，所以密度会偏小；
（2）③将容器B中的水倒去部分，将容器A中的待测颗粒全部倒入容器B中，如图己，再用胶头滴管向容器B中加入水，直到水面升至容器标记处，记录总质量m3；
④由图丁、戊得，颗粒的质量：m＝m2﹣m1，
再由图戊、己得，颗粒排开水的质量：m水＝m2﹣m3，
由ρ＝知，颗粒的体积等于排开水的体积，即V＝V水＝＝，
则颗粒的密度ρ＝＝＝ρ水。
故答案为：（1）平衡螺母；2.1；小；（2）③水面升至容器标记处；④ρ水。
【点评】本题考查的测量固体的密度的实验，因初中物理对固体密度的测量要求较高，体积用到补充水的方法，给本题带来了一定难度。
16．（2分）一棵小树生长在水塘中，图中用带箭头的线段AB表示小树露出水面的部分。请在图中画出AB通过水面反射所成的像A'B'。
【考点】平面镜成像的相关作图．
【答案】
【分析】平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称；先作出端点A在平面镜中的像点，连接A的像点和B，可得AB在水面所成的像。
【解答】解：先根据像与物关于水平面镜对称，作出端点A在平面镜中的像点A′，用虚线连接A′、B即为物体AB在水平面镜中所成的像，如图所示：
【点评】平面镜成像实验探究出的像与物的具体关系是：大小相等、连线与镜面垂直、到镜面的距离相等、左右相反；作物体在平面镜中所成的像，常用方法是：作出端点（或关键点）的像点，用虚线连接像点得到物体的像。
17．（2分）如图，S1是光控开关，夜晚自动闭合，白天断开；S2是声控开关，有声音时自动闭合，安静时断开。请将如图连接成声光控楼道节能照明电路。
【考点】家庭电路的组成与连接．
【答案】
【分析】由题意可知，楼道照明灯泡亮的条件是：必须是晚上亮、白天不亮，必须有人经过亮、没人不亮，所以光控开关和声控开关不能独立工作。
【解答】解：由题意可知，楼道照明灯泡亮的条件是：必须是晚上亮、白天不亮，必须有人经过亮、没人不亮，所以光控开关和声控开关不能独立工作，所以，灯泡应用与两个开关串联，且火线要先过开关，再接入灯泡尾部的金属点，零线接入螺旋套，如下图所示：
【点评】设计电路时，首先考虑开关和用电器之间的连接，再考虑用电器之间的连接，最后和电源构成通路。
18．（2分）如图，物块A从斜面底端被弹簧弹出后，沿光滑斜面向上滑行，作出物体A在滑行过程所受重力和弹力的示意图。
【考点】重力示意图；弹力的概念．
【答案】
【分析】对物块A进行受力分析，确定力的作用点和方向，然后按照力的示意图的画法作图。
【解答】解：物体从光滑的斜面向上滑，所以不受摩擦力；
任何物体都受重力，在向上滑的同时，受到重力作用，同时物体会受到斜面对其向上的支持力，即弹力作用。从物块重心开始，分别沿竖直向下、垂直于斜面向上的方向画一条带箭头的线段，并分别在线段末尾标上字母G和F。如图所示：
【点评】此题考查力的示意图的画法，难度不大，需要注意的是：物理中说的“光滑”意味着没有摩擦力。
19．（6分）我国首款大型水陆两栖飞机“鲲龙”如图所示，该飞机蓄满水后总质量为53.5t。在水面滑行测试中，飞机在水平面上60s内沿直线匀速滑行了600m，若飞机发动机牵引力的总功率始终保持2.5×106W。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）求：
（1）飞机蓄满水静止在水面上时排开水的体积；
（2）飞机在水面沿直线匀速滑行时，飞机所受的牵引力。
【考点】功率的计算及公式的应用；阿基米德原理的应用；物体的浮沉条件及其应用．
【答案】（1）飞机蓄满水静止在水面上时排开水的体积为53.5m3；
（2）飞机在水面沿直线匀速滑行时，飞机所受的牵引力为2.5×105N。
【分析】（1）飞机蓄满水后静止在水面上时，浮力等于其总重力，根据G＝mg求出飞机的重力，然后根据F浮＝ρ水gV排求解其排开水的体积。
（2）根据v＝算出飞机的速度，利用P＝＝＝Fv计算飞机所受的牵引力。
【解答】解：（1）因为飞机蓄满水后静止在水面上，所以飞机受到的浮力：
F浮＝G＝mg＝53.5×103kg×10N/kg＝5.35×105N，
由F浮＝ρ水gV排可得排开水的体积：
V排＝＝＝53.5m3；
（2）飞机的速度为：
v＝＝＝10m/s，
根据P＝＝＝Fv得飞机所受的牵引力为：
F＝＝＝2.5×105N。
答：（1）飞机蓄满水静止在水面上时排开水的体积为53.5m3；
（2）飞机在水面沿直线匀速滑行时，飞机所受的牵引力为2.5×105N。
【点评】此题考查功和功率的计算、阿基米德原理，综合性较强，关键是相关公式的灵活运用，同时要利用好物体漂浮条件。
20．（7分）如图所示，定值电阻R1的阻值为10Ω，当开关S接触a，S1断开时，电压表的示数为1V；当开关S接触b，S1闭合时，电流表的示数为0.4A，电压表的示数为3V。求：
（1）S接触a，S1断开时，电流表的示数；
（2）S接触a，S1断开时，电路总电功率；
（3）R3的阻值。
【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．
【答案】（1）S接触a，S1断开时，电流表的示数是0.1A；
（2）S接触a，S1断开时，电路总电功率为：0.3W；
（3）R3的阻值是30Ω。
【分析】（1）S接触a，S1断开时，定值电阻R1与R2串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流，根据欧姆定律计算电流表的示数；
（2）当开关S接触b，S1闭合时，定值电阻R1与R3并联，电流表测量干路中的电流，电压表测量电源电压，根据P＝UI计算电路的总功率；
（3）当开关S接触b，S1闭合时，定值电阻R1与R3并联，电流表测量干路中的电流，电压表测量电源电压，根据欧姆定律计算通过R1的电流，根据并联电路电流规律，计算通过R3的电流，再由欧姆定律计算R3的阻值。
【解答】解：（1）S接触a，S1断开时，定值电阻R1与R2串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流，
根据欧姆定律可知，通过R1的电流即电流表的示数：
I1＝＝＝0.1A；
（2）当开关S接触b，S1闭合时，定值电阻R1与R3并联，电流表测量干路中的电流，电压表测量电源电压：U＝3V，
S接触a，S1断开时，根据P＝UI可得电路的总功率；
根据P＝UI可得电路的总功率：P＝UI1＝3V×0.1A＝0.3W；
（3）当开关S接触b，S1闭合时，定值电阻R1与R3并联，
电流表测量干路中的电流：I＝0.4A，
根据欧姆定律可得，通过R1的电流：
I′1＝＝＝0.3A，
根据并联电路电流规律可知，通过R3的电流：
I3＝I﹣I′1＝0.4A﹣0.3A＝0.1A，
由欧姆定律可得，R3的阻值：
R3＝＝＝30Ω。
答：（1）S接触a，S1断开时，电流表的示数是0.1A；
（2）S接触a，S1断开时，电路总电功率为：0.3W；
（3）R3的阻值是30Ω。
【点评】本题考查了串、并联电路的特点和欧姆定律的应用，分析开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
21．（6分）小明和小华观察“水的沸腾”。
（1）组装器材时，若温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部，应将图甲中 　A处向上　（选填“A处向上”或“B处向下”）调整为好；该实验是通过 　热传递　的方式增加水的内能；
（2）实验中，小明测量水的初温t0，温度计示数如图乙所示，t0＝　92　℃；小华观察到水沸腾前形成的大量气泡不断上升、体积 　变小　（选填“变大”“变小”或“不变”），到水面消失；
（3）小明和小华利用同一装置进行实验，绘制成“温度一时间”图像如图丙所示，分析图丙中的图线可知，水的沸点与初温 　无关　（选填“有关”或“无关”），实验中小明和小华所用水的质量之比是 　3：5　（不计热损失）。
【考点】探究水沸腾时温度变化的特点．
【答案】（1）A处向上；热传递；（2）92；变小；（3）无关；3：5。
【分析】（1）在测量水的温度时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底或容器壁，并要求用酒精灯的外焰加热；
改变物体内能的两种方式：做功和热传递；
（2）温度计读数时，先确定是零上还是零下，认清分度值，再读数；
沸腾前气泡上升过程体积减小，沸腾时气泡上升过程体积不断增大；
（3）液体的沸点与液体的种类、气压等因素有关，与液体的质量无关；
在装置相同的情况下，相同时间吸收热量相同，根据Q吸＝cmΔt可得第一次实验和第二次实验所用水的质量之比。
【解答】解：（1）如图甲，在组装器材时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底或容器壁，并要求用酒精灯的外焰加热，现在温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部，此时应将A处向上调整；
该实验是通过热传递的方式增加水的内能；
（2）乙图温度计的分度值为1℃，读出的温度为92℃；
观察到水沸腾前形成的大量气泡不断上升、体积变小，到水面消失；
（3）由图象可知，小明、小华均用的是水，初温不同，但沸点相同，说明同种液体的沸点与初温无关；
在装置相同的情况下，相同时间吸收热量相同，即：cm1Δt1＝cm2Δt2，
小明和小华所用水的质量之比为m1：m2＝Δt2：Δt1＝（98℃﹣92℃）：（98℃﹣88℃）＝6：10＝3：5。
故答案为：（1）A处向上；热传递；（2）92；变小；（3）无关；3：5。
【点评】本题主要考查水的沸腾实验中影响水沸点的因素、影响实验时间长短的因素以及温度计的使用和读数，属于基础题目。
22．（8分）某小灯泡的额定电压为2.5V，图甲是测量该灯泡电阻的实验电路。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整（要求：电路连好后，闭合开关，不调节滑片P，电流表示数较小）。
（2）调节滑片P，电压表示数为2V，再将滑片向 　左　移动，可使灯泡正常发光，当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则此时小灯泡的电阻为 　5　Ω。
（3）小明设计了图丙的电路测量导体电阻，将电压表的电压刻度值标注为电阻值后就可直接读出MN间所接导体电阻的大小，电路中使用的电压表表盘如图丁所示，已知电源电压恒为6V。
①将电压表的电压表示数标注为电阻示数。
步骤一：调节电阻箱R的阻值至60Ω。
步骤二：将0Ω标注在电压表 　0　V处，该电路所能测出的最大阻值是 　60　Ω。
步骤三：通过分析，将所有刻度标注完毕。
②在MN间接入30Ω的R0时，图丁中的指针应指在 　a位置右侧　（选填“a位置”“a位置左侧”或“a位置右侧）。
③使用一段时间后，电源电压会降低，此时该电路测得的电阻阻值偏 　小　。
【考点】实验 伏安法测电阻．
【答案】（1）见解答图；（2）左；5；（3）①0；60；②a位置右侧；③小。
【分析】（1）闭合开关，不调节滑片P，电流表示数较小，说明滑动变阻器阻值较大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
（2）比较电压表示数与灯泡额定电压的大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；根据图甲确定电流表量程，由图乙确定分度值读数，利用欧姆定律求出此时小灯泡的电阻；
（3）电压表和电阻箱串联接入电路，电压表示数为0时，电压表测导线两端的电压，电压表接入电路的是小量程，示数最大时为3V，
电源电压为6V，根据串联电路电压规律计算电阻箱两端的电压，根据串联分压原理可得＝，代入数据可得RV，据此确定在电压表0V对应的位置和3V对应的位置标注的示数。
在MN间接入另一电阻箱R0，两电阻箱串联接入电路，电压表测R0两端的电压，
根据串联电路电压规律、串联分压原理可得＝，当R0＝30Ω时，代入数据可得U0，据此确定图丁中的指针的位置；
③用一段时间后，电源电压会降低，根据串联电路电压规律分析回答。
【解答】解：（1）闭合开关，不调节滑片P，电流表示数较小，说明滑动变阻器阻值较大，故滑动变阻器选用左下接线柱与电源串联，如下图所示：
；
（2）调节滑片P，电压表示数为2V，小于灯泡额定电压2.5V，要使灯泡正常发光，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向左移动；
由图甲可知，电流表选用小量程；当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.5A，则此时小灯泡的电阻为：
R＝＝＝5Ω；
（3）小明设计了图3电路测量导体电阻，将电压表的电压刻度值标注为电阻值后就可直接读出MN间所接导体电阻的大小，电路中使用的电压表表盘如图丁所示；
①将电压表的电压表示数标注为电阻示数，
步骤一：调节电阻箱R的阻值至60Ω。
步骤二：电压表示数为0时，电压表测导线两端的电压，电压表接入电路的是小量程，示数最大时为3V，
电源电压为6V，根据串联电路电压规律可知电阻箱两端的电压为6V﹣3V＝3V，
根据串联分压原理可得＝，代入数据可得＝，解得RV＝60Ω，
所以在电压表0V对应的位置标注0Ω，3V对应的位置标注60Ω；
步骤三：通过分析，将所有刻度标注完毕，
②在MN间接入30Ω的R0时，根据串联电路电压规律、串联分压原理可知＝，
代入数据可得＝，
解得：U0＝2V，图丁中的指针应指在a位置右侧；
③使用一段时间后，电源电压会降低，根据串联电路电压规律可知，电压表示数会减小，故此时该电路测得的电阻阻值偏小。
故答案为：（1）见解答图；（2）左；5；（3）①0；60；②a位置右侧；③小。
【点评】本题伏安法测电阻，考查电路的连接、实验操作、电流表读数、电阻的计算，最后一问是考查欧姆表的工作原理，根据串联电路的特点和欧姆定律即可正确解题。
23．（8分）小明所在的实验小组想探究“物体从斜面上滑下的速度大小与哪些因素有关”。通过观察，他们提出了如下的猜想：
猜想1：可能与物体的质量m有关
猜想2：可能与斜面的倾角θ有关
猜想3：可能与斜面的材料有关
他们选择器材以下：一个右端固定有遮光片的滑块质量为200g、一个100g的砝码（可粘在滑块上表面）、两个长度相同材料不同的斜面A和B（斜面底端装有速度传感器）。实验装置如图甲所示，实验操作是让滑块沿斜面直线下滑，利用速度传感器测得滑块到达斜面底端时的速度v。
（1）为了保证从实验数据得出结论的可靠性，滑块每次都由静止开始下滑，并且都从斜面的 　同一高度　处释放。
（2）本实验中，速度传感器的工作原理是当滑块上的遮光片通过传感器时，传感器发出的光被挡住开始计时，当遮光片离开传感器停止计时，由此计算出此时滑块的速度。已知遮光片的宽度为1.2cm，如果计时器某次显示的时间为0.005s，则此次测得的滑块速度为 　2.4　m/s。
（3）小明他们改变相关条件，多次实验，得到了下列数据：
实验序号 θ 斜面 滑块总质量m/g v/（m s﹣1） 摩擦力f/N
1 20° A 200 2.45 0.38
2 20° A 300 2.45 0.56
3 20° B 200 1.53 0.47
4 20° B 300 1.53 0.71
5 30° A 200 3.58 0.34
6 40° A 200 4.38 0.30
①分析表中数据可得：猜想 　1　是错误的.
②分析比较实验序号 　1、5、6　，可知猜想2的结论 　其他条件相同时，斜面倾角越大，物体从斜面上滑下的速度越大　。
（4）研究猜想2时，他们探究了“不同倾角下滑块受到的摩擦力”，数据如上表，他们还设计了探究猜想2的另一个方案：让滑块从材料 　相同　（选填“不同”或“相同”），倾角θ不同的斜面上C点由静止滑下，撞击D点的木块，控制CD距离相同，方案中滑块推动木块移动的距离大 　不能　（选填“能”或“不能”）说明其速度大，分析上表数据，说明理由 　木块受到的摩擦力不同　。
【考点】控制变量法与探究性实验方案．
【答案】（1）同一高度；（2）2.4；（3）①1；②1、5、6；其他条件相同时，斜面倾角越大，物体从斜面上滑下的速度越大；（4）相同；不能；木块受到的摩擦力不同。
【分析】（1）为了保证得出结论的可靠性，要使木块从同一高度，静止滑下。速度大小和斜面长度和宽度无关；
（2）根据遮光片的宽度与运动时间计算出此时木块的速度；
（3）控制变量法进行分析解答，知道应该控制哪些因素不变，改变哪些因素，然后分析结果的变化；
（4）研究动能与速度的关系时，控制物体的质量不变，通过斜面倾斜程度不同，来改变碰撞前滑块的速度。因为斜面是倾斜程度不同，木块所受的摩擦力不同。
【解答】解：（1）为了保证得出结论的可靠性，要使木块从同一高度，静止滑下；
（2）木块速度v＝＝＝2.4m/s；
（3）①分析实验1和2，实验3和4，质量不同的时候，v相同，所以v和质量无关，猜想1是错误的；
②分析比较实验序号1、5、6，斜面材料相同，倾角不同，v不同，所以斜面的倾角越大，物体从斜面上滑下的速度越大；
（4）实验中探究小车碰撞前的动能和小车碰撞前的速度的关系，让滑块从材料相同，倾角θ不同的斜面上C点由静止滑下，撞击D点的木块，控制CD距离相同，滑块的速度是通过改变斜面的倾斜程度实现的；实验方案中，通过改变斜面的倾斜程度来改变了滑块的速度，忽略了小车撞击木块时，斜面的倾斜程度不同，滑块推动木块移动的距离大不能说明其速度大，因为木块受到的摩擦力不同。
故答案为：（1）同一高度；（2）2.4；（3）①1；②1、5、6；其他条件相同时，斜面倾角越大，物体从斜面上滑下的速度越大；（4）相同；不能；木块受到的摩擦力不同。
【点评】用控制变量法探究物理问题时，一定要控制其它因素不变，才能得到正确的结论。
24．（10分）阅读短文，回答问题
投影仪
投影仪是通过透镜等将图像放大投影到白色银幕上。其基本结构包括光源、透镜、反射镜、色轮、显示芯片、过热控制系统等。
某校教室里使用的一款投影仪，安装结构模式图如图甲所示，底座上AB两点为两个螺钉的位置，AB为长20cm，CD为可伸缩的方形套管，长度可在15cm～65cm内调节。安装完成后，投影仪重力作用线正好过D点。
右表为图甲中投影仪的部分参数。投影大小是投影画面对角线的尺寸；投射比是指投影距离与投影仪大小的0.8倍的比值。投影距离是画面清晰时，投影仪镜头与银幕之间的距离。（g＝10N/kg）
投影大小 80～100英寸
投射比 0.15～0.25
质量 3.2kg
（1）投影仪透镜的焦距为f，则镜头到银幕的距离 　大于2f　（选填“小于f”“大于2f”或“大于f小于2f”）。
（2）关于投影仪，下列说法正确的是 　C　。
A.为从不同角度看到像，银幕应光滑
B.投射比越小，投射画面越小
C.缩短支架CD长度，投影画面变小
D.投影仪工作过程中只有折射现象
（3）若不考虑图甲中支架的重力，A处螺钉与承重墙体间的摩擦力f最大为 　104　N；为了安全起见，底座AB的长度应该做得适当 　长　（选填“长”或“短”）些，理由是 　增加A点作用力的力臂，减小A点受到的作用力　。
（4）为使投影画面始终清晰，安装时，投影距离最小为 　0.24　m。（1英寸约等于2.5cm）
（5）该投影仪过热控制系统电路原理简化如图乙所示，当箱体内温度升高到设定温度时，电磁铁吸引衔铁，断开灯泡所在电路，R1为热敏电阻。图丙为两种热敏电阻R1、R2阻值随温度变化的关系图像，则R1应该选用图丙中的 　R2　，已知控制电路中电磁铁线圈的电阻为150Ω，为电磁铁供电的电池电压为6V，若线圈中的电流达到20mA，就会断开灯泡的工作电路，则箱体内的温度 　大于或等于60℃　（填温度满足的条件）。
【考点】欧姆定律的应用；杠杆的平衡条件；漫反射；凸透镜成像规律的其他应用．
【答案】（1）大于2f；（2）C；（3）104；长；增加A点作用力的力臂，减小A点受到的作用力；（4）0.24；（5）R2；大于或等于60℃。
【分析】（1）当物距大于焦距、小于二倍焦距时，凸透镜成倒立、放大的实像；
（2）逐项分析各选项得出答案；
（3）根据杠杆平衡条件可知，在阻力与阻力臂一定的情况下，动力臂越大，动力越小，力越小，支架越牢固，据此根据图示情景分析答题；
（4）根据投影大小和投射比的关系分析回答；
（5）当箱体内温度升高到设定温度时，电磁铁吸引衔铁，断开灯泡所在电路，说明控制电路中电流变大，阻值变小，据此确定热敏电阻的阻值变化；
由图乙可知，R1与电磁铁串联，由I＝可求得当电流为20mA时控制电路的总电阻，根据电阻的串联求出R1的阻值，由图丙可知箱体内的温度。
【解答】解：（1）投影仪的成像原理是：当物距大于焦距、小于二倍焦距时，凸透镜成倒立、放大的实像，此时像距大于2f，即镜头到银幕的距离应大于2f；
（2）A、为从不同角度看到像，银幕会发生漫反射，因此屏幕应比较粗糙，故A错误；
B、投射比是指投影距离与投影大小的0.8倍的比值，投射比越小，投射画面越大，故B错误；
C、缩短支架CD长度，像距变小，投影画面变小，故C正确；
D、投影仪基本结构包括光源、透镜、反射镜、色轮、显示芯片、过热控制系统等，说明在投影仪工作过程中，既存在光的折射，也存在光的反射，故D错误；
（3）由图可知，整个支架构成一个杠杆，A点是动力作用点，B点是支点，投影仪对支架的拉力为阻力，当CD长度最大时，A处螺钉与承重墙体间的摩擦力f最大；
由杠杆平衡条件可知，f×AB＝G×CD，即f×AB＝mg×CD，
代入数据得f×20cm＝3.2kg×10N/kg×65cm；
解得f＝104N；
由f×AB＝G×CD可知，为了安全起见，底座AB的长度应该做得适当长一些，这样在G和CD不变的情况下，增加A点作用力的力臂，减小A点受到的作用力，即f会变小；
（4）要使投影距离最小，由表中数据可知，投影大小应该为80英寸，此时的投射比为0.15，则投影距离为：80英寸×0.15×0.8＝9.6英寸＝24cm＝0.24m；
（5）当箱体内温度升高到设定温度时，电磁铁吸引衔铁，断开灯泡所在电路，说明控制电路中电流变大，阻值变小，即热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，由图丙可知，R1应该选用图丙中的R2；
由图乙可知，R1与电磁铁串联，当电流为20mA时控制电路的总电阻为：
R总＝＝＝300Ω，
则R1的阻值为R1＝R总﹣R0＝300Ω﹣150Ω＝150Ω，
由图丙可知，此时箱体内的温度为大于或等于60℃。
故答案为：（1）大于2f；（2）C；（3）104；长；增加A点作用力的力臂，减小A点受到的作用力；（4）0.24；（5）R2；大于或等于60℃。
【点评】本题以投影仪为背景，考查了凸透镜的成像规律、漫反射、杠杆的平衡条件、欧姆定律和电磁继电器的应用等知识，考查的知识点较多，难度较大。