2023年湖南省永州市重点中学中考物理四模试卷
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 下列数值符合实际的是( )
A. 教室日光灯管长约 B. 普通中学生质量约
C. 做一遍眼保健操约 D. 举起两个鸡蛋的力约
2. 关于声现象，下列说法正确的是( )
A. 只要物体振动我们就可以听到声音
B. 声音在真空中的传播速度为
C. 市区内禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声
D. 用超声波击碎人体内的结石利用了声具有能量
3. 植物和花粉往往带负电，而蜜蜂在飞行过程中与空气摩擦也会带电。当蜜蜂落在花朵上时，花粉会受到蜜蜂的静电吸引力，所以蜜蜂能更好地附着在上面，也能更好地转移花粉。蜜蜂( )
A. 带正电，束缚电子的本领比空气强
B. 带正电，束缚电子的本领比空气弱
C. 带负电，束缚电子的本领比空气强
D. 带负电，束缚电子的本领比空气弱
4. 小华做“纸锅烧水”实验，他把盛有水的纸盒放在酒精灯的火焰上加热，如图所示。则下列有关说法中正确的是( )
A. 纸锅里的水未加热前，不会发生汽化现象
B. 加热后纸锅里的水面上方冒出“白气”是水汽化形成的小水珠
C. 纸锅里的水加热到沸腾后，水的温度必定等于
D. 水烧开了，纸盒仍不会烧着，这是因为纸的着火点高于水的沸点
5. 生活中的许多现象都与我们学过的物理知识有关，下列说法正确的是( )
A. 沙尘暴尘土飞扬，说明分子做无规则运动
B. 发射火箭与热机压缩冲程的能量转化相同
C. 冰山的温度很低，具有的内能为零
D. 人工湖能调节气温，利用了水的比热容大的性质
6. 下列说法中，正确的是( )
A. 推出后的铅球在空中飞行过程中，仍受到运动员的推力
B. 短跑运动员到达终点后不会马上停下来，是由于运动员具有惯性
C. 站在领奖台上的运动员，受到的支持力和运动员对领奖台的压力是一对平衡力
D. 踢出去的足球在地面上越滚越慢，说明物体的运动需要力来维持
7. 在综合实践活动课中，小明用装水的广口瓶和两端开口的细玻璃管制作了一个气压计，如图所示。下列判断正确的是( )
A. 气压越低，玻璃管中的液柱越低
B. 液柱静止时，瓶内气压小于大气压
C. 玻璃管越粗，气压计的测量精度越低
D. 将水换成水银，气压计的测量精度变高
8. 如图所示，在探究杠杆平衡条件的实验中，杠杆处于水平平衡状态，所用钩码完全相同。下列做法中能使杠杆再次平衡的是( )
A. 分别在两边钩码下再增加一个相同钩码
B. 左边减少个钩码，右边减少个钩码
C. 两边钩码均向支点移动相同的距离
D. 左边钩码向左移个格，右边钩码向右移个格
9. 如图甲所示，珍珍将一个装有水的圆柱形玻璃杯放在漫画前，惊奇地发现透过水杯看到漫画中的老鼠变“胖”了，还掉头奔向猫，如图乙所示。关于此现象，下列说法正确的是( )
A. 装有水的圆柱形玻璃杯相当于一个凹透镜
B. 透过水杯看到变“胖”的老鼠是虚像
C. 此时漫画中的老鼠到玻璃杯的距离应满足
D. 将漫画离水杯远一些，透过水杯看到的老鼠会变更“瘦”一些
10. 年月，神舟十五号航天员圆满完成出舱活动任务。此次出舱活动配套了多型号压力传感器，主要用于测量气体压强。小天同学想设计一个通过电表示数反映环境气压大小的电路，要求环境气压增大时电表示数增大。如图所示，电源电压不变，为定值电阻，压力传感器的阻值随气压的增大而减小，符合设计要求的是( )
A. B.
C. D.
11. 如图所示，下列描述正确的是( )
A. 图甲，描述的是同名磁极间的磁感线
B. 图乙，地球是一巨大的磁体，它的磁场分布与如图放置的条形磁铁相似
C. 图丙，放在通电螺线管上方的小磁针静止时，小磁针左侧为极
D. 图丁，该实验装置能够说明发电机的原理
12. 灯泡上标有“，”字样，测得该灯泡的电流随电压变化关系如图甲所示。现把灯泡接入如图乙所示的电路中，若电路电压为不变，电流表的量程为“”，电压表的量程为“”。则下列说法正确的是( )
A. 灯泡正常发光时，电压表的示数为
B. 当电流表示数为时，电压表的示数为
C. 为了保证电路安全，滑动变阻器接入电路的至少约
D. 灯泡的电阻值随电压表的示数的增大而增大
二、填空题（本大题共4小题，共10.0分）
13. 如图所示，若闭合开关，断开开关、，则灯______ 选填“”或“”能发光；若需要灯、并联，则应闭合开关______ ；若同时闭合开关______ ，则会使电源短路。
14. 年月日，双曲线一号固体商业运载火箭在我国酒泉卫星发射中心成功发射升空。火箭穿越大气层时，与大气层摩擦，火箭外壳温度升高，这是通过______ 的方式使火箭外壳内能增大；双曲线一号与地面控制系统之间通过______ 选填“超声波”或“电磁波”传递信息。
15. 如图所示，是小明家的电能表以及该表某月初、月末的两次读数，由图可知，他家在该月消耗的电能为______ ，已知他家小区电费单价为元度，则他家本月应付电费______ 元，他家现已接入用电器的总功率为，还可以接入的用电器最大功率为______ 。
16. 将两个质量相同的橡皮泥做成实心球形和碗形，分别放入甲、乙两杯水中，静止时如图所示，由此可知，橡皮泥的密度_____水的密度，甲杯中橡皮泥所受的浮力______乙杯中橡皮泥所受的浮力。两空均选填“大于”“小于”或“等于”
三、作图题（本大题共1小题，共2.0分）
17. 在图中画出物块对斜面的压力。
四、实验探究题（本大题共2小题，共20.0分）
18. 斜面相关的实验探究。
如图所示，在探究“动能的大小跟哪些因素有关”的实验中，第一次是让质量较大的小车从斜面某一高度由静止开始滑下，第二次是让质量较小的小车从斜面的同一高度由静止开始滑下，发现质量较大的小车将小木块推得较远，由此可知：______ 相同的物体，______ 越大，它的动能越大。
在实验装置基础上，添加毛巾、玻璃可以完成探究“阻力对物体运动的影响”的实验，为了便于推理，以下水平面材料放置顺序符合该实验研究方法的是______ 。
A.木板、玻璃、毛巾
B.木板、毛巾、玻璃
C.毛巾、玻璃、木板
D.毛巾、木板、玻璃
观察小车滑下后在不同表面上运动的距离。可得：小车受到的阻力越小，运动的路程越远。进一步推理可知：若小车运动时所受阻力为零，小车将保持______ 状态。上述实验结论是在分析实验现象的基础上，经过科学推理得出的。下列实验探究过程与之相同的是______ 。选填字母
A.用光线来描述光的径迹和方向
B.通过水流来初步认识电流
C.探究声音能否在真空中传播
D.根据压强计形管的液面高度差判断液体压强的大小
19. 如图是亮亮探究焦耳定律的实验：
如图甲所示的电路中，通电一段时间后，亮亮发现______ 侧电阻丝产生的热量多填“左”或“右”，他是通过观察形管两液面的______ 来判断的；
如图乙所示电路中，亮亮想探究电阻产生的热量与电流的关系，右侧容器内电阻丝的阻值应为______ 。若容器外侧的电阻丝也为，则左右两侧容器中产生的热量之比为______ ；
亮亮将图乙右侧容器外并联的的电阻丝也放入右侧容器内，通电一段时间后，两容器中电阻丝产生热量的大小关系为______ 。
A.左侧容器产生的热量多
B.右侧容器产生的热量多
C.左右两侧产生的热量一样
D.无法判定
五、计算题（本大题共2小题，共14.0分）
20. 我国自主研制的“蛟龙号”载人潜水器，它可达到的最大下潜深度为，具有无动力下潜上浮先进技术，具有近底自动航行和悬停定位等多项先进功能。则：
蛟龙号下潜到处所受海水的压强为多少？
此时，海水对蛟龙号外表面面积上产生的压力少？
21. 图甲是常用的打印笔，它通过电加热使塑料条熔化，然后手动挤出热熔的塑料，最后凝固成型。此打印笔有快、慢两挡，其内部简化电路如图乙所示，、是阻值不变的发热电阻，表格是该款打印笔的相关参数。某次使用快挡打印，将的塑料条从加热到。求：塑料条的比热容为
额定电压
慢挡打印功率
快挡打印功率
加热效率
塑料条吸收的热量；
发热电阻的阻值；
完成这次打印所需的时间。
答案和解析
1.【答案】
【解析】解：、中学生的步幅在左右，教室中日光灯管的长度约是此数值的二倍，在左右。故A不符合实际；
B、成年人的质量在左右，中学生的质量比成年人小一些，在左右。故B不符合实际；
C、中小学课间活动时间一般是，做一遍眼保健操的时间约。故C符合实际；
D、两个鸡蛋的质量约，举起两个鸡蛋的力在左右。故D不符合实际。
故选：。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。
2.【答案】
【解析】解：、振动频率低于和高于的声音人耳是听不到的；没有传声介质，人耳也听不到声音。故A错误；
B、真空不能传播声音，故B错误；
C、禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、用超声波击碎人体内的结石，利用了声具有能量，故D正确。
故选：。
声音是由物体振动产生的，声音传播需要介质，人耳的听觉频率范围是。
声音的传播速度和介质的种类、温度有关，真空不能传播声音。
减弱噪声的方法：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
声音的利用：利用声音传递信息、利用声音传递能量。
此题考查的知识点比较全面，有人耳的听觉频率范围、减弱噪声的方法、真空不能传播声音等知识点，属于识记性内容，比较基础。
3.【答案】
【解析】解：蜜蜂在飞行过程中与空气摩擦也会带电，植物和花粉往往带负电，是得到电子，说明其束缚荷外电子的本领强；所以蜜蜂容易失去电子而带正电，其束缚荷外电子的本领比空气弱。
故选：。
摩擦起电的实质是发生了电荷的转移；束缚荷外电子本领强的容易得到电子，束缚荷外电子本领弱的失去电子，在电荷转移的过程中，电荷的总量是保持不变的，即电荷是守恒的。
本题考查了摩擦起电的实质，基础题。
4.【答案】
【解析】解：水在任何温度下都可以蒸发，蒸发是汽化的一种方式，故A错误；
B.“白气”是水蒸气液化形成的小水珠，故B错误；
C.水的沸点与大气压有关，只有在标准大气压下水的沸点才为，故C错误；
D.标准大气压水的沸点，水沸腾时继续吸热，但是温度不变，纸盒的燃点约为，所以水沸腾时，不断从周围吸收热量，导致纸盒的温度远远低于其燃点，纸盒不会烧着，故D正确。
故选：。
水在任何温度下都可以蒸发；
“白气”是水蒸气液化形成的小水珠；
标准大气压下，水的沸点；
水沸腾时继续吸热，但是温度不变。
这是一道热学综合题，考查内容较多，但是水沸腾的条件及特点是解决本题的关键。
5.【答案】
【解析】解：
A、尘土飞扬是固态小颗粒的机械运动，故A错误；
B、发射火箭的过程中是燃气的内能转化为火箭机械能的过程，压缩冲程是活塞对气缸内的空气做功，将活塞的机械能转化为空气的内能，故B错误；
C、一切物体在任何温度下都有内能，冰山的温度虽然很低，但是仍然具有内能，故C错误；
D、人工湖能调节气温，是利用水的比热容比较大，在同吸放热的情况下，其温度变化较小，故D正确。
故选：。
扩散现象表明组成物质的分子在不停地做无规则运动；一切物体都有内能，内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和；
对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；
单位质量的某种物质温度升高所吸收的热量叫做这种物质的比热容；比热容是物质的一种特性，和物体吸收热量的多少、温度的高低、质量的大小都没有关系，只与物质的种类、状态有关。
该题考查了能量的转化、对分子运动论及比热容的理解，是一道综合题。
6.【答案】
【解析】解：、推出后的铅球在空中飞行过程中，不再受到运动员的推力，而是因为具有惯性才继续飞行，故A错误；
B、短跑运动员到达终点后不会马上停下来，是由于运动员具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故B正确；
C、站在领奖台上的运动员，受到的支持力和运动员对领奖台的压力，作用在不同的物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故C错误；
D、踢出去的足球在地面上越滚越慢，是因为受到了阻力的作用，不能说明物体的运动需要力来维持，故D错误。
故选：。
一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
一对平衡力必须满足四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线；
力是改变物体运动状态的原因。
在力与运动的关系中，平衡力与相互作和力的辨别、惯性及其现象、力与运动的关系等是经常考查的知识点，须引起我们的注意。
7.【答案】
【解析】解：、外界气压降低，瓶内气压不变，玻璃管内的液柱会越高，故A错误；
B、由图可知，外界大气压加上玻璃管内液体的压强等于瓶内的气压，玻璃管内液柱静止时，瓶内气压大于大气压，故B错误；
C、玻璃管越粗，外界大气压减小相同时，水柱上升，瓶内气体的体积会变大越多，内部压强减小更多，精确越低，故C正确；
D、根据知，液体压强一定时，水银的密度大，高度变化小，温度计的灵敏度反而更低，故D错误。
故选：。
气压计的原理是利用内外压强差使细管内液柱上升或下降来判断气压的改变；当大气压发生改变时，瓶内压强与外部压强不同，则细管内液柱将发生改变。一定质量的气体，温度不变时，体积越大，压强越小。
本题考查气体压强大小的判定、大气压与高度的关系，要求运用物理知识要灵活。注意易错点：外界大气压越小，管中水柱越高。
8.【答案】
【解析】解：
设一个钩码的重是，由图可知：，，此时由可得，，则，可以设左边的力臂为，右边的力臂；
A、由图可知，左边的力臂要大于右边的力臂，分别在两边钩码下再增加一个相同钩码，左边增大，右边增大，则两边增大的力和力臂的乘积不相等，故杠杆不能平衡，故A错误；
B、左边减少个钩码，则力和力臂的乘积为：；右边减少个钩码，则力和力臂的乘积为，两边力臂和力的乘积不相等，不能平衡，故B错误；
C、两边钩码均向支点移动相同的距离，由于两边的力不同，则减小的力与力臂的乘积也不相同，故杠杆不能平衡；
D、左边钩码向左移，右边钩码向右移，左边：；右边：；两边力臂和力的乘积相等，杠杆能平衡，故D正确。
故选：。
杠杆是否平衡，取决于两边力和力臂的乘积是否相等，若，杠杆平衡；若，杠杆就不平衡。
本题考查了杠杆平衡条件的应用，杠杆是否平衡取决于力和力臂的乘积是否相等，只比较力或力臂大小不能得出正确结果。
9.【答案】
【解析】解：、圆柱形玻璃杯盛满水，圆柱形玻璃杯中的水中间厚边缘薄，形成水凸透镜；该凸透镜能使图片横向放大、颠倒；由乙图可知，此时的老鼠的像与甲图中的老鼠相比，是放大的，左右颠倒的实像，故AB错误；
C、此时成的是倒立、放大的实像，漫画中的老鼠到玻璃杯的距离应满足，故C错误。
D、若将漫画离水杯再远一些，物距变大，像距变小，像变小，透过水杯看到的老鼠会变“瘦”一些，故D正确；
故选：。
透明玻璃杯可以看成是中间厚边缘薄的柱形透镜，物体置于凸透镜的一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像；凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小。
水、玻璃、水晶、冰等透明物质，都可以制成凸透镜和凹透镜，虽然材料不同，对光线的作用相同，成像性质相同。
10.【答案】
【解析】解：、由电路图可知，传感器与定值电阻串联，
因传感器的阻值随气压的增大而减小，
所以，当气压增大时，的阻值减小，电路中的总电阻减小，
由可知，电路中的电流增大，由可知，定值电阻两端的电压增大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两端的电压减小，
要求环境气压增大时电表示数增大，所以电压表应并联在两端，故A符合题意、不符合题意。
C、由电路图可知，传感器与定值电阻串联，电压表测电源两端的电压，因电源电压不变，所以，气压变化时，电压表的示数不变，故C不符合题意；
D、由电路图可知，传感器与定值电阻并联，电流表测支路的电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，气压变化时，通过支路的电流不变，即电流表的示数不变，故D不符合题意；
故选：。
由两项电路图可知，传感器与定值电阻串联，根据传感器的阻值随气压的增大而减小可知当气压增大时的阻值变化，
根据欧姆定律可知电路中电流的变化和两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知两端的电压变化，根据题意结合电压表的位置确定电表是否符合题意；
由项电路图可知，传感器与定值电阻串联，电压表测电源两端的电压，根据电源的电压不变可知气压变化时电压表示数的变化；
由项电路图可知，传感器与定值电阻并联，电流表测支路的电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知气压变化时通过支路的电流的变化。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“传感器的阻值随气压的增大而减小”是关键。
11.【答案】
【解析】解：、由于磁体的外部，磁感线总是从磁体的极出发，回到极，图中为两个极，所以磁感线应都是指向外的，故A错误；
B、地球本身是一个巨大的磁体，地球周围的磁场叫做地磁场，它的磁场分布与条形磁铁相似，但磁铁的北极在地理南极附近，故B错误；
C、电流是从螺线管的左端流入右端流出，利用安培定则可以确定螺线管的左端为极，右端为极，根据同名磁极相互排斥知，小磁针的左端是极，故C正确；
D、图中有电源，是电动机原理图，故D错误。
故选：。
在磁体的外部，磁感线总是从磁体的极出发，回到极，据此判断；
地球是一巨大的磁体，它的磁场分布与条形磁铁相似；
根据螺旋管中电流的方向和安培定则判断螺线管的南北极，根据磁极间的相互作用的规律判断即可；
有电源的是电动机，没有电源的发电机。
本题考查了学生对磁感线、地磁场的认识、安培定则、电动机的原理图等知识，是一道基础题。
12.【答案】
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.由可得，灯泡正常发光时的电流，因串联电路中各处的电流相等且电流表的量程为，所以电路中的最大电流为，灯泡不可能正常发光，故A错误；
B.由图象可知，当时，，由串联电路中总电压等于各分电压之和可知，电压表的示数，故B项错误；
C.电流表的量程为，故电路中的最大电流为，根据图象可知，此时灯泡两端的电压为，则滑动变阻器两端的电压为：
，则由可知滑动变阻器的阻值为：，故C正确；
D.由可得灯泡正常发光时的电阻，
由可知通过的电流为时的阻值，所以灯泡的电阻值随电压表的示数的增大而减小，故D错误。
故选：。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流。
根据求出灯泡正常发光时的电流，然后与电流表的路程相比较确定电路中的最大电流，判断灯泡是否能正常发光，然后进行判断；
根据图象读出当电流表示数为时，灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电压表的示数；
知道电路中的最大电流，根据欧姆定律求出整个电路的最小电阻，从而求出滑动变阻器的阻值；
根据求出灯泡正常发光时的电阻，根据欧姆定律求出通过的电流为时的阻值，然后判断灯泡电阻的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，这也是学生比较容易出错的地方。
13.【答案】 、 、
【解析】解：如果闭合开关，断开开关、，灯没有连入电路，电流只流经灯，故L亮，灯不发光；
如果需要、灯并联，电流的路径有两条，分别经过两个灯泡，需要闭合开关、；
同时闭合开关、，电流依次流经、，然后流回电源的负极，引起电源短路。
故答案为：；、；、。
串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作；电源短路是指用导线将电源两极直接连接起来的电路。
了解串并联电路的特点，会根据电流的流向判断电路的连接情况，是解答本题的关键。
14.【答案】做功 电磁波
【解析】解：火箭加速穿越大气层时，火箭外壳内能是通过做功的方式增加的；
电磁波可以传递信息，并且电磁波可以在真空中传播，双曲线一号与地面控制系统之间通过电磁波传递信息的。
故答案为：做功；电磁波。
改变物体内能的两种方法：做功、热传递；
电磁波可以传递信息，并且电磁波可以在真空中传播。
本题考查了做功与内能的改变、电磁波的传播与应用，属于基础性题。
15.【答案】
【解析】解：
由图知，小明家在该月消耗的电能：
度，
已知他家小区电费单价为元度，则他家本月应付电费度元度元；
电能表上“”表示这个电能表的工作电压，“”表示平时工作时电能表允许通过的最大电流，
则他家电能表允许同时使用的用电器的最大总功率：
，
还可以接入的用电器最大功率：
。
故答案为：；；。
小明家在该月消耗的电能等于月末与月初电能表的示数之差；已知他家小区电费单价为元度，然后可求得他家本月应付电费；
电能表上“”表示这个电能表的工作电压，“”表示平时工作时电能表允许通过的最大电流，利用公式计算电能表允许同时使用的用电器的最大总功率；再减去已经接入的用电器的电功率，可得还可以接入的用电器最大功率。
本题考查消耗电能和电功率的计算，关键是对电能表相关参数的正确理解。
16.【答案】大于 小于
【解析】解：实心球橡皮泥沉到容器底部，根据物体浮沉条件可知，橡皮泥的密度大于水的密度；
实心球橡皮泥受到的浮力：
碗状橡皮泥漂浮在水面，碗状橡皮泥受到的浮力：
由可得：。
故答案为：大于；小于。
实心球橡皮泥沉到容器底部，受到的浮力；碗状橡皮泥漂浮在水面，受到的浮力；而碗状和实心球状的橡皮泥受到的重力相同，据此判断它们所受浮力的大小关系。
本题考查了学生对物体浮沉条件的掌握和运用，确定碗状和实心球状的橡皮泥受到的重力相同是本题的关键。
17.【答案】解：物块对斜面的压力垂直于斜面向下，过力的作用点垂直于斜面向下作压力的示意图，如图所示。

【解析】物体对斜面的压力垂直于斜面向下，然后作力的示意图。
先确定力的方向，然后再作力的示意图，注意总结作图的方法。
18.【答案】速度 质量 匀速直线运动
【解析】解：小车滑下的高度相同，小车到达水平面的速度相同，根据实验现象可知速度相同的物体，质量越大，动能越大；
水平面材料放置顺序是毛巾、木板、玻璃，接触面越光滑，小车受到的阻力越小，运动的路程越远，进一步推理可知：若小车运动时所受阻力为零，小车将保持匀速直线运动，这是推理法，
A.用光线来描述光的径迹和方向，这是模型法；
B.通过水流来初步认识电流，这是类比法；
C.探究声音能否在真空中传播，这是推理法；
D.根据压强计形管的液面高度差判断液体压强的大小，这是转换法，
故选C。
故答案为：速度；质量；；匀速直线运动；。
小车滑下的高度相同，小车到达水平面的速度相同；
水平面材料放置顺序是毛巾、木板、玻璃，接触面越光滑，小车受到的阻力越小，运动的路程越远，若小车运动时所受阻力为零，小车将保持匀速直线运动，这是推理法，
A.用光线来描述光的径迹和方向，这是模型法；
B.通过水流来初步认识电流，这是类比法；
C.探究声音能否在真空中传播，这是推理法；
D.根据压强计形管的液面高度差判断液体压强的大小，这是转换法。
本题考查转换法和控制变量法在实验中的运用，知道影响动能的因素是质量和速度，影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度。
19.【答案】右 高度差 ：
【解析】解：如图甲所示，右侧形管液面高度差较大，根据转换法，右侧电阻丝产生的热量多；
图乙中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流；探究电流产生的热量与电流的关系，要控制电阻和通电时间相同，只改变电流大小，故右侧容器内电阻丝的阻值应为，右侧容器外并联的电阻丝起到的是分流作用；
设通过左侧容器内的电阻的电流为，根据并联电路电压的规律及欧姆定律可知，通过右侧容器内和外电阻的电流相等，根据并联电路电流的规律，通过右侧容器内电阻的电流为，根据可知在电阻和通电时间不变的条件下，产生的热量与电流的平方成正比，故左右两侧容器中产生的热量之比为：；
亮亮将图乙右侧容器外并联的电阻丝也放入右侧容器内，根据并联电阻小于其中任一电阻，即并联后的电阻小于，而通过的电流和通电时间相同，根据可知，通电一段时间后，左侧容器产生的热量多。
故选：。
故答案为：右；高度差；；：；。
电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的空气加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，形管内的液面高度差越大，采用了转换法；
分析乙图电路的连接，根据控制变量法分析；根据并联电路电流的规律和欧姆定律得出通过左右容器中电阻的电流之比，由得出左右两侧容器中产生的热量之比；
根据并联电阻小于其中任一电阻，结合分析。
本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规律及焦耳定律的运用。
20.【答案】解：当蛟龙号下潜到处所受海水的压强：
；
由得，水对蛟龙号外表面面积上产生的压力：
。
答：蛟龙号下潜到处所受海水的压强为；
海水对蛟龙号外表面面积上产生的压力是。
【解析】知道蛟龙号所处的深度，根据求出所受海水的压强；
知道蛟龙号外表面面积即受力面积，根据求出产生的压力。
本题考查了液体压强公式和固体压强公式的应用，是一道基础题目。
21.【答案】解：塑料条从加热到吸收的热量为：
；
由图可知，只闭合开关时，通路；同时合开关、时，、并联；由于并联后的阻值比任意一个并联电阻都小，所以，同时合开关、时，电路的电阻较小；由知，电压一定的情况下，电阻越小，消耗的电功率越大，则只闭合开关时为慢挡打印，同时合开关、时为快挡打印；
慢挡打印时，通过电路的电流是：
；
快挡打印时，通过电路的电流是：
，
快挡打印时，通过的电流是：
，
的阻值是：
；
由效率公式知使用快挡打印时消耗的电能为：
，
根据知完成这次打印所需的时间是：
。
答：塑料条吸收的热量为；
发热电阻的阻值为；
完成这次打印所需的时间为。
【解析】根据算出的塑料条从加热到吸收的热量；
由图可知，只闭合开关时，通路；同时合开关、时，、并联；由于并联后的阻值比任意一个并联电阻都小，所以，同时合开关、时，电路的电阻较小；由知，电压一定的情况下，电阻越小，消耗的电功率越大，则只闭合开关时为慢挡打印，同时合开关、时为快挡打印；
根据算出慢挡打印时通过电路的电流，根据快挡打印时通过电路的电流，由并联电路电流的规律知快挡打印时通过的电流，再根据欧姆定律算出的阻值；
由效率公式算出使用快挡打印时消耗的电能，再由算出完成这次打印所需的时间。
本题以打印笔为情景考查了电功率公式的应用以及吸热公式的应用，掌握电路的连接是解题的关键。
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