武昌区2023届高三年级5月质量检测
B.只有对“纯钥感应图”翰入变化的电流才能对手机无线充电
C,将金厦物件贴近正在无线充电的手机，充电不会受到任何影响
物理
D.“双测紧磁环”可以使手机的感应图与之对齐，减少海磁从而提高供电效率
本试#共8页、16题，全卷满分100分，考试用时75分钟。
3.如图所示，某景区有一座与水平面夹角为8，长度为L的小山坡，欲利用此地形悠建
一座滑草场，乘客乘坐设各从坡顶白静止开始
★说考试顷利★
沿直线滑道滑下，并平滑进入到水平直线滑道
注意事项：
减速至停下.整个滑道上铺没的草皮与滑草设
1.答题前，先将自己的姓名、准考证号渠写在试卷币和答题卡上，并将准考证号条形
备底面的动摩擦因数为山，设乘客始终保持规
码粘贴在答题卡上的猴定位置。
范姿态且不调整设备，忽黯空气里力影响。下
--
2,选择题的作答：年小题避出答案后，用2B铅笔龙答题卡上对应题日的答案标号
77777777777
列说法正确的是
涂黑。写在试卷、草稿：知答题卡上的非答题区战均无效。
3,非选择题的作答：用黑色荟字笔直接等在答题卡上时应的答通区城内。写在试卷、
A.加速下带与水平减速两段过程中的平均速度的大小相同
草稿纸和客题卡上的非答夏区裁均无放。
B.为保证乘客能顺利沿滑道滑下，要满足动摩擦因数2>ta9
4。芳说结束后，请将本试卷和答题卡一并上交。
℃.不同休重的乘客沿滑道如速下沿的过程中如速度不同
一，选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。在每小题给出的四个选项中，第
D.为了乘客的安全，悠筵的水平滑道长度至少为Lm日
1一7题只有一项符合题目要求，第81】题有多项符合题目要求，全部选对的得4
4.如图所示是“嫦峨五号”探测器登月飞行的轨道示意图，深
分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
测器地过推进器制动从圆形轨道I上的P点进入到椭圆过渡
1.为了避免仪器在月球夜晚极端低温的环境下遭到损坏，我国自主研发的“玉免二号”
轨道Ⅱ，然后在轨道Ⅱ的近月点Q再次制动进入近月圆形轨
月球车内采用了同位素热源进行保温。该同位茶热源是利用怀238在袋变过中释
道Ⅲ。己知轨道【的半径是轨道的半径的两倍，不考寇其它
放热量，衰变方程是P山→数U+X,其半衰期是88年。下列说法正确的是
天体引力的影响。下列说法正确的是
A,衰变方程中的X是B粒子
A,探测器登月飞行的过程中机械能增大
B.度变中释放出的X粒子流比￥射线的电离作用强
B.探测器在轨道I与轨道I上的运行速率的比值为1：2
C.一个怀238原子一定会在88内年发生袁变
C.探测器在轨道Ⅱ上经过P点的速率与经过Q点的速率的比值为1：2
D,怀238的半衰期会因在月球极低温的环境下而发生改受
D.探测器在轨道I与轨道Ⅲ上的运行周期的比值为3：2
2.如图所示是一款手机避吸式无线充电座的剖析图。其
5.某同学阅读到一科幻小说中的“流浪地球”计划第一步是“刹住自转”，即通过同
PC隔筇面校
原理与变压器类似，充电座和手机分别内置了感应圈
定在地球赤道上的几千台转向发动机对地球自转进行止动。他查阅相关文献后推算
二者靠近时便开始从充电盛向手机供电。内置“双圈
纯制感应圈
出，发动机高将燃料气体以相对于地球表面的速度v=11.2kms,沿地球赤道切线方
聚磁环”，不仅用子定位磁吸手机还可以提高供电效
双图聚磁环
向喷出，从而获得止动推力。忽路大气阻力，发动机的总平均功率为4.6×101W,
率。下列分析错误的是
估算发动机的总推力可以达到
主控IC
A.无线充电是通过电磁越应输送电能
A.4.1×1020N
B.82×1020N
C.4.1×10rN
D.8.2×101rN
物理试卷第1页共8页
物理试卷第2页共8页武昌区2023届高三年级5月质量检测
物理评分标准
一，选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只
有一项符合题目要求，第8~11题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2
分，有选错的得0分。
题号
3
5
6
7
8
9
10
11
答案
B
c
D
B
D
ACD
AB
BD
BD
二.非选择题：本题共5小题、56分。
12.(7分)
(1)1.500(2分)
;（2)静止的小球球心正下方(1分)；
(3)E.=100rm
(2分)；
Fa
mgr
(2分)
*2》
13.
(9分)
(1)
(2分)
E
图甲
(2)2.90(1分)、200(1分)、0.500(2分)；
(3)增大(1分)、0.625(2分)
14.
(9分)
P1=0.8 MPa
P2 =0.1 MPa
初态1=103mL
未态
=
T1=15+273=288K
…】分
T2=33+273=306K…1分
由理想气体状态方程
=P'
…3分
求解得：2=8.5×103mL
…】分
∴.喷出的氧气△V=-巧=7.5×103mL
…1分
.I=Av
-=150s
15.
(15分)
(1)方法一：
对A、B整体进行受力分析，并由a-x关系图象的数据有，
BA-
当=0，a=10m/s2时
2F
F-24u1g=21a
…2分
21g
.F=3N
…】分
当2=0.02m,a2=0时
F-2μmg-T2=2ma且T2=…2分
.k=100N/m…
…1分
方法二：
A和B一起向右运动过程中，对A、B整体进行受力分析，列出牛顿第二定律表达式：
[F-21g-T=2Q…2分
LT=kx
…分
联立推导整理得：a=-
F
x+(
一g)
…分
2m
2m
由图象的数据可得「k=100N/m
…】分
LF=3N
…】分
(2)6分
a/m's2
10
6
-2
x/×102m
-10
-15
-20
图乙
解析：
从撤去F后到A、B恰要分离时，对A、B整体进行受力分析，列牛顿第二定律表达式：
2umg-T=2ma
联立推导整理得：a=-
k
x+ug
①
2m
撤去F时，即均=0.04m,带入①式有：
a3=-15m/s2
弹簧恢复到原长，即4=0时A、B分离，带入①有
a=ug=5 m/s2
由以上分析可做出A、B分离前B的a-x关系图象（这段过程图象赋分为3分）
方法一：
从恒力F开始推B至A、B分离这段过程中，以A、B整体为研究对象，根据动能定理：
F-2umg2s=】2m2②
以B为研究对象，从A、B分离到B停止，这段过程设B的位移大小为s,根据动能定理：
amgs-0-1
y
③
由②③有
s=0.04m即B在坐标=-0.04m处停下
方法二：
做出3=0.04m到A、B分离这段过程的a-x关系图象，
由于撤去F时B的速度为零，最后B也运动至速度为零。由2ax=v2-w2有，a轴负方向
上的图象围的面积（如图三角形）与α轴正方向上的图象围的面积（如图梯形）相等。则通过
数学计算可得B将停在=-0.04m处
由上述分析推导可绘出B与A分离后，运动至停止时的α-x关系图象（这段过程图象赋
分为3分)
(3)由(2)中的图象可知，撤去F以后，A、B加速度为零的时刻，速度最大。由图象第四
象限的三角形面积有vm2=15×(4-1)×10-2=0.45m2/s2
即
v=0.3v5 m/s
…2分
水平向左
…l分
16.(16分)
(1)碰撞前以小球b为研究对象：洛伦兹力%B=g
…】分
与地面无挤压，b的受力分析如图：
↑gE
受力平衡
gE=qvoB+mg
…2分
E-2mg
…分
f培7g
9
方向竖直向上
…1分
(2)碰撞后以两小球为研究对象：gE=2mg电场力与重力平衡…1分
若碰撞后两小球向右运动，洛伦兹力∫提供向心力，小球在竖直平面内做逆时针匀速圆
周运动，则会再次运动到A点。
若碰撞后两小球向左运动，洛伦兹力∫竖直向下与地面的支持力平衡，所以小球向左匀
速直线运动，不再回到A点。
…】分
根据动量守恒定律分析可得
mvava…
Bq